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2014烟台一模理综试题带答案


理科综合能力参考答案及评分标准 第Ⅰ卷(必做,共 107 分)
一、选择题(本题包括 13 小题,每小题 5 分) 1.C 2.D 3.B 4.A 5.C 6.D 24.(12 分) (1)光照强度、温度 蓝紫光和红光 (2)增加(或先减少后增加) 细胞质基质、线粒体、叶绿体(2 分,缺一项扣一分) (3)1.6(2 分) (4)碳酸钙(

CaCO3) 铜代叶绿素比叶绿素稳定 (5)乙烯或脱落酸 生长素对细胞内的转录过程有促进作用(2 分) 25.(10 分) (1)c、b、d(c→b→d) g、(N)、f、e + (2)协助扩散 膜外 Na 大量内流 外负内正 (3)肌细胞收缩 自身抗体 只有很少或没有受体与之结合 (4)低盐饮食,血浆渗透压降低,抗利尿激素分泌减少(1 分),水的重吸收减少,循环血 量减少,血压降低(1 分) 26.(10 分) (1)样方法 平均 (2)物种数目 草龙 结构 (3)分解者 无机物 营养结构(食物链和食物网) 物质循环和能量流动(2 分) 27.(16 分,每空 2 分) + (1)液泡膜 H 跨膜运输 (2)AABB×AAbb 或 aaBB×AAbb (3)①深紫色:淡紫色:白色=3:6:7 ②深紫色:淡紫色:白色=1:2:1 ③淡紫色:白色=1:1 (4)5 3/7 34.(12 分) (1)脱分化(或去分化) 再分化 制备 MS 固体培养基(配制培养基) 外植体消毒(两 空可互换) (2)激素 无菌 高(2 分) (3)有机溶剂萃取法 干燥(脱水) 温度(2 分) 35.(12 分) (1)不发生免疫排斥反应 血清 分化诱导因子(2 分) (2)囊胚 胚胎分割 内细胞团 无性 (3)免疫抑制药物 抑制(或除去) (2 分) 基因表达载体的构建

2014 年三月份理综试题物理部分答案
14.C 15.B 16.BD 17.BC ④4.94 (2 分) 18.D 19.BC (1 分) 20.D 12.20m (1 分) 21. ⑴ (6 分)①12.35 (2 分) ⑵(10 分) ①电阻箱 (1 分) ⑤12.22m

②原理图如图所示 (3 分) ③12 (2 分) ; 1 (2 分) A2 R0

R E r

S

R 图线 ④电流表 A2 的内阻分压产生的系统误差;电流表读数时产生的偶然误差;做 时产生的偶然误差 (2 分) 22.(18 分)解:⑴在圆轨道最高点 a 处对滑块由牛顿第二定律得:

1 I

m g ? FN ? m
∴ FN ? m(

v2 R

……………………………………………………………………(1 分)

v2 ? g ) =5.4N ……………………………………………………………(1 分) R

由牛顿第三定律得滑块在圆轨道最高点 a 时对轨道的压力大小为 5.4N …………(1 分) ⑵ 从 a 点到 d 点全程由动能定理得:

mg ( R ? R cos ? ? L sin ? ? h) ? ?mg cos ? ? L ? 0 ?

1 mv 2 2

……………………(2 分)

??

g ( R ? R cos? ? L sin ? ? h) ? gL cos?

v2 2 =0.8 ………………………………………(1 分)

⑶设滑块在 bc 上向下滑动的加速度为 a1,时间为 t1,向上滑动的加速度为 a2,时间为 t2;在 c 点时的速度为 vc。 由 c 到 d:

1 2 mv = mgh 2 c

……………………………………………………………(1 分)

vc = 2 gh =2m/s ………………………………………………………………………(1
分) a 点到 b 点的过程:

1 1 2 mv 2 ? mgR (1 ? cos ? ) ? mv b 2 2
分) ∴ vb ? 分) 在轨道 bc 上: 下滑: L ?

……………………………………………………(2

v 2 ? 2 gR (1 ? cos ? ) =5m/s …………………………………………………(1

vb ? v c t1 2

t1 ?

2L =7.5s ……………………………………………………………………(1 分) vb ? v c

上滑: mgsin ? ? ?mgcos? ? ma2 …………………………………………………(1 分)

a2 ? g sin ? ? ?g cos? =12.4m/s2 ………………………………………………(1 分)

0 ? vc ? a2 t 2 ………………………………………………………………………(1 分)

t2 ?

vc 5 ? s =0.16s ……………………………………………………………(1 分) a 2 31

∵ ?> tan? ,∴滑块在轨道 bc 上停止后不再下滑………………………………(1 分) 滑块在两个斜面上运动的总时间:

t总 ? t1 ? t 2 ? (7.5 ? 0.16)s =7.66s ……………………………………………(1 分)
23.(22 分) 错误!未找到引用源。粒子在 I 内速度方向改变了 120° ,由几何关系知, 轨迹对应的圆心角 α=120°………………………………………………(1 分)

2r1 cos30? ? L0
r1 ?

…………………………………………………………………(1 分) …………………………………………………………(1 分)

L0 3L0 ? 2 cos30? 3 2 v 由 qB1v0 ? m 0 r1

B1 ?

mv0 3mv0 ? qr1 qL0

……………………………………………………………(1 分)

B1 方向垂直于纸面向外 …………………………………………………………(1 分) ⑵粒子第一次在电场中运动由动能定理:

1 1 2 m(2v0 ) 2 ? mv 0 ………………………………………………………(1 分) 2 2 2 3m v0 ∴U ? ……………………………………………………………………(1 分) 2q v ? 2v 0 d? 0 t1 …………………………………………………………………(1 分) 2 2d ∴ t1 ? …………………………………………(1 分) 3v0 qU ?

⑶粒子第二次进入电场中,设粒子运动 x 距离时速度为 0

?q x?

2U 1 x ? 0 ? m(2v0 ) 2 d 2 2d 3

…………(1 分) v0 θ α N



………………………………(1 分)

M d

O Oˊ
β φ

∴粒子不能进入区域 I,而是由速度为 0 开始反向

P Ⅱ

加速进入区域 II,粒子整个运动过程的大致轨迹如图所示。…(1 分) 对粒子在区域 II 内运动的最后一段轨迹:

sin ? ?

L 2 3L 3

?

3 2

…………………(1 分)

β=60°,最后一段轨迹对应的圆心角 φ=60°…………………………………(1 分) ∴ r2 ?

2 3L 3

…………………………………………………………………(1 分)

(2v0 ) 2 由 qB2 (2v0 ) ? m r2
B2 ? 2mv0 3mv0 ? qr2 qL
…………………………………………………………(1 分)

⑷在区域 I 中运动时间 t0

2?r1 2 3?L0 t0 ? 3 ? v0 9v0

…………………………………………………………(1 分)

粒子第二次在电场中运动的时间 t2

x?
t2 ?

2v 0 t2 2

……………………………………………………………………(1 分) …………………………………………………………………(1 分)

x 2d ? v0 3v0
8d 3v0

从粒子第二次进入电场到最终离开区域 II,粒子在电场中运动的总时间 t2′=4t2= ……………………………………………………………………(1 分)

粒子在区域 II 的所有圆弧上运动的时间:

t3 ?

2?r2 ?

2?r2 6 ? 7 3?L 2v 0 9v 0

…………………………………………………(1 分)

粒子从 M 点运动到 P 点的时间: t= t0+ t1+ t2′+ t3= 36.(12 分)解:(1)BC

30d ? 3? (2L0 ? 7 L) 9v0
(4 分)

………………………………(1 分)

(2)①气体做等容变化,由查理定律得:

P P0 ? ……………………………………………………………………………(1 分) T T1
∴T1=600k …………………………………………………………………………(1 分) t1=327℃ …………………………………………………………………………(1 分) ②由气态方程,得:

PV P0V1 …………………………………………………………………………(1 分) ? T T0
∴V1=0.5m3 …………………………………………………………………………(2 分) ③做负功 …………………………………………………………………………(1 分) 大于 ………………………………………………………………………………(1 分)

37.(8 分) 解:(1)①沿 y 轴负方向. ………………………………………………………(1 分) 波长λ =0.4m 由 v=λ f ……………………………………………………………………………(1 分) 得振动频率 f=2.5Hz ………………………………………………………………(1 分) ②从 t=0 时刻开始,经 t1 时间 M 开始振动: t1 ? 再经 t2 时间 M 第二次到达波峰: t 2 ?

x1 ? 0.8s v

………………(1 分)

7 T ? 0.7s ……………………………(1 分) 4

从 t=0 时刻开始 M 第二次到达波峰的时间为:t= t1+ t2=1.5s ………………(1 分) (2)①入射角 i=180°-∠ABC=60°…………………………………………(1 分) 设光线从圆柱形介质中的出射点为 D,出射光线 DE 由对称性和光路可逆原理知:α=60°…………(1 分) 因 DE∥BC,故 β=60°,∴∠BOD=120° ∴光线在 B 点的折射角:r=30°………………(1 分) A ………(2 分) i B r O β C (1 分) ③2101 (2 D α E

sin i sin 60? ? ? 3 折射率: n ? sin r sin 30?

②不能 …………………………………………(1 分)
137 0 38. (12 分)解: (1) (6 分)① 137 55 Cs? 56 Ba ? -1 e

(3 分)



E c2

分) (2) (6 分)①从释放小车 A 到弹簧刚恢复原长时,由动量守恒定律:

2m ? 3v ? 2m ? vB ? mv ……………………………………(2 分) vB ? 3.5v
……………………………………………………(1 分)

②两小车相距最近时速度相同,由动量守恒定律:

2m ? 3v ? (2m ? m)v A ……………………………………(2 分) v A ? 2v
……………………………………………………(1 分)


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