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高三物理高考第二轮专题复习教案考点2 动量和能量


高三物理高考第二轮专题复习教案 考点 2
命题趋势 本专题涉及的内容是动力学内容的继续和深化, 其中的动量守恒定律、 机械能守恒定律、 能量守恒定律比牛顿运动定律的适用范围更广泛, 是自然界中普遍适用的基本规律, 因此是 高中物理的重点,也是高考考查的重点之一。高考中年年有,且常常成为高考的压轴题。如 2002 年、2003 年理综最后一道压轴题均是与能量有关的综合题。但近年采用综合考试后, 试卷难度有所下降, 因此动量和能量考题的难度也有一定下降。 要更加关注有关基本概念的 题、定性分析现象的题和联系实际、联系现代科技的题。 试题常常是综合题, 动量与能量的综合, 或者动量、 能量与平抛运动、 圆周运动、 热学、 电磁学、原子物理等知识的综合。试题的情景常常是物理过程较复杂的,或者是作用时间很 短的,如变加速运动、碰撞、爆炸、打击、弹簧形变等。 知识概要
力 对 时 间 的 积 累 效 应

动量和能量

冲量 I=Ft 动量 p=mv 动量定理 系统所受合力为 零或不受外力 动量守恒定律

Ft=mv2-mv1

m1v1+m2v2=m1v1’+m2v2’ 牛顿第二定律 F=ma

力 的 积 累 和 效 应

功:W=FScosα 力 对 位 移 的 积 累 效 应 瞬时功率:P=Fvcosα 平均功率: P ? W ? F v cos? t

动能定理

动能 1 E k ? mv 2 2
机械能 势能 重力势能:Ep=mgh 弹性势能

WA ?

1 2 1 2 mv 2 ? mv1 2 2

机械能守恒定律

Ek1+EP1=Ek2+EP2
或Δ

Ek =Δ EP

冲量是力对时间的积累,其作用效果是改变物体的动量;功是力对位移的积累,其作用 效果是改变物体的能量;冲量和动量的变化、功和能量的变化都是原因和结果的关系, 对此, 要像熟悉力和运动的关系一样熟悉。 在此基础上, 还很容易理解守恒定律的条件, 要守恒,就应不存在引起改变的原因。能量还是贯穿整个物理学的一条主线,从能量角 度分析思考问题是研究物理问题的一个重要而普遍的思路。 应用动量定理和动能定理时, 研究对象可以是单个物体, 也可以是多个物体组成的系统, 而应用动量守恒定律和机械能守恒定律时,研究对象必定是系统;此外,这些规律都是运用

于物理过程,而不是对于某一状态(或时刻) 。因此,在用它们解题时,首先应选好研究对 象和研究过程。 对象和过程的选取直接关系到问题能否解决以及解决起来是否简便。 选取时 应注意以下几点: 1.选取研究对象和研究过程,要建立在分析物理过程的基础上。临界状态往往应作为 研究过程的开始或结束状态。 2.要能视情况对研究过程进行恰当的理想化处理。 3.可以把一些看似分散的、相互独立的物体圈在一起作为一个系统来研究,有时这样 做,可使问题大大简化。 4.有的问题,可以选这部分物体作研究对象,也可以选取那部分物体作研究对象;可 以选这个过程作研究过程,也可以选那个过程作研究过程;这时,首选大对象、长过程。 确定对象和过程后, 就应在分析的基础上选用物理规律来解题, 规律选用的一般原则是: 1. 对单个物体, 宜选用动量定理和动能定理, 其中涉及时间的问题, 应选用动量定理, 而涉及位移的应选用动能定理。 2.若是多个物体组成的系统,优先考虑两个守恒定律。 3. 若涉及系统内物体的相对位移 (路程) 并涉及摩擦力的, 要考虑应用能量守恒定律。 点拨解疑 【例题 1】某地强风的风速是 20m/s,空气的密度是 ? =1.3kg/m 。一风力发电机的有效 2 受风面积为 S=20m ,如果风通过风力发电机后风速减为 12m/s,且该风力发电机的效率为?
3

=80%,则该风力发电机的电功率多大? 【点拨解疑】 风力发电是将风的动能转化为电能,讨论时间 t 内的这种转化,这段时 间内通过风力发电机的空气 的空气是一个以 S 为底、v0t 为高的横放的空气柱,其质量为 m= ? Sv0t,它通过风力发电机所减少的动能用以发电,设电功率为 P,则

1 2 1 1 2 Pt ? ( mv0 ? mv 2 )? ? ?Sv0 t? (v0 ? v 2 ) 2 2 2
代入数据解得

P=53kW

【例题 2】 (1998 年全国卷)在光滑水平面上,动能为 E0、动量的大小为 p 0 的小钢 球 1 与静止小钢球 2 发生碰撞, 碰撞前后球 1 的运动方向相反。 将碰撞后球 1 的动能和动量 的大小分别记为 E1、 p1 ,球 2 的动能和动量的大小分别记为 E2、p2,则必有 A.E1<E0 B.p1<p0 C.E2>E0 D.p2>p0

【点拨解疑】 两钢球在相碰过程中必同时遵守能量守恒和动量守恒。 由于外界没有能 量输入, 而碰撞中可能产生热量, 所以碰后的总动能不会超过碰前的总动能, E1+E2≤E0 , 即
2 p0 p12 ? 可见 A 对 C 错;另外,A 也可写成 ,因此 B 也对;根据动量守恒,设球 1 原来的 2m 2 m

运动方向为正方向,有 p2-p1=p0,所以 D 对。故该题答案为 A、B、D。 点评:判断两物体碰撞后的情况,除考虑能量守恒和动量守恒外,有时还应考虑某种情 景在真实环境中是否可能出现, 例如一般不可能出现后面的球穿越前面的球而超前运动 的情况。

【例题 3】 (2000 年全国)在原子核物理中,研究核子与核关联的最有效途径是“双电 荷交换反应” 。这类反应的前半部分过程和下述力学模型类似。两个小球 A 和 B 用轻质弹簧 相连,在光滑的水平直轨道上处于静止状态。在它们左边有一垂直于轨道的固定挡板 P,右 边有一小球 C 沿轨道以速度 v 0 射向 B 球, 如图所示。 与 B 发生碰撞并立即结成一个整体 D。 C 在它们继续向左运动的过程中, 当弹簧长度变到最短时, 长度突然被锁定, 不再改变。 然后, A 球与挡板 P 发生碰撞,碰后 A、D 都静止不动,A 与 P 接触而不粘连。过一段时间,突然解 除锁定(锁定及解除锁定均无机械能损失) 。已知 A、B、C 三球的质量均为 m。 (1)求弹簧长度刚被锁定后 A 球的速度。 (2)求在 A 球离开挡板 P 之后的运动过程中,弹簧的最大弹性势能。



1

【点拨解疑】 (1)设 C 球与 B 球粘结成 D 时,D 的速度为 v1 ,由动量守恒,有

mv0 ? (m ? m)v1



当弹簧压至最短时,D 与 A 的速度相等,设此速度为 v 2 ,由动量守恒,有

2mv1 ? 3mv 2
由①、②两式得 A 的速度



1 v 2 ? v0 3



(2)设弹簧长度被锁定后,贮存在弹簧中的势能为 E P ,由能量守恒,有

1 1 2 ? 2mv12 ? ? 3mv 2 ? E P 2 2
转变成 D 的动能,设 D 的速度为 v 3 ,则有



撞击 P 后,A 与 D 的动能都为零,解除锁定后,当弹簧刚恢复到自然长度时,势能全部

EP ?

1 2 ( 2 m) v 3 2



当弹簧伸长时,A 球离开挡板 P,并获得速度。当 A、D 的速度相等时,弹簧伸至最长。 设此时的速度为 v 4 ,由动量守恒,有

2mv3 ? 3mv 4



? 当弹簧伸到最长时,其势能最大,设此势能为 E P ,由能量守恒,有
1 1 2 2 ? ? 2mv3 ? ? 3mv 4 ? E P 2 2


解以上各式得

? EP ?

1 2 mv0 36



【例题 4】 (2003 年理综全国)一传送带装置示意图如图 2 所示,其中传送带经过 AB 区域时是水平的,经过 BC 区域时变为圆弧形(圆弧由光滑模板形成,为画出) ,经过 CD 区 域时是倾斜的,AB 和 CD 都与 BC 相切。现将大量的质量均为 m 的小货箱一个一个在 A 处放 到传送带上,放置时初速为零,经传送带运送到 D 处,D 和 A 的高度差为 h。稳定工作时传 送带速度不变,CD 段上各箱等距排列,相邻两箱的距离为 L。每个箱子在 A 处投放后,在到 达 B 之前已经相对于传送带静止,且以后也不再滑 D 动(忽略经 BC 段时的微小滑动) 。已知在一段相当 A 长的时间 T 内, 共运送小货箱的数目为 N。 这装置由 L B C L 电动机带动,传送带与轮子间无相对滑动,不计轮 轴处的摩擦。求电动机的平均输出功率 P。 图2 【点拨解疑】 以地面为参考系(下同) ,设传 送带的运动速度为 v0, 在水平段运输的过程中, 小货箱先在滑动摩擦力作用下做匀加速运动, 设这段路程为 s,所用时间为 t,加速度为 a,则对小箱有 s ?

1 2 at ① 2


v0 ? at ②在这

段时间内,传送带运动的路程为 s 0 ? v 0 t ③由以上可得 s 0 ? 2 s

用 f 表示小箱与传送带之间的滑动摩擦力,则传送带对小箱做功为

A ? fx ?

1 2 mv 0 2



传送带克服小箱对它的摩擦力做功 A0 ? fx 0 ? 2 ? 两者之差就是克服摩擦力做功发出的热量 Q ?

1 2 mv 0 2

⑥ ⑦

1 2 mv 0 2

可见,在小箱加速运动过程中,小箱获得的动能与发热量相等。 T 时间内,电动机输 出的功为

W ? PT
1 2 Nmv0 ? Nmgh ? NQ 2



此功用于增加小箱的动能、势能以及克服摩擦力发热,即

W?

⑨ ⑩

已知相邻两小箱的距离为 L,所以 v0T ? NL 联立⑦⑧⑨⑩,得 P ? 针对训练 1. (2001 年高考理综卷)下列一些说法:

Nm N 2 L2 [ 2 ? gh] T T



① 一质点受两个力作用且处于平衡状态(静止或匀速) ,这两个力在同一段时间内的冲 量一定相同 ②一质点受两个力作用且处于平衡状态 (静止或匀速) 这两个力在同一段时间内做的功 , 或者都为零,或者大小相等符号相反 ③ 在同样时间内,作用力和反作用力的功大小不一定相等,但正负号一定相反

④ 在同样时间内,作用力和反作用力的功大小不一定相等,正负号也不一定相反 以上说法正确的是: A.①② B.①③ C.②③ D.②④

2.A、B 两球在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动,A 球的动量是 5kgm/s,B 球 的动量是 7kgm/s,当 A 追上 B 球时发生碰撞,则碰撞后 A、B 两球的动量的可能值是( ) A.-4 kg·m/s、14 kg·m/s C.-5 kg·m/s 、17kg·m/ B.3kg·m/s、9 kg·m/s D.6 kg·m/s、6 kg·m/s

3. (1998 年高考上海卷)在光滑水平面上有质量均为 2kg 的 a、b 两质点,a 质点在水 平恒力 Fa=4N 作用下由静止出发运动 4s。 质点在水平恒力 Fb=4N 作用下由静止出发移动 4m。 b 比较这两个质点所经历的过程,可以得到的正确结论是 A.a 质点的位移比 b 质点的位移大 C.力 Fa 做的功比力 Fb 做的功多 B.a 质点的末速度比 b 质点的末速度小 D.力 Fa 的冲量比力 Fb 的冲量小

4.矩形滑块由不同材料的上下两层粘结在一起组成,将其放在光滑的水平面上,如图 所示。质量为 m 的子弹以速度 v 水平射向滑块,若射击上层,则子弹恰好不射出;若射击下 层,则子弹整个儿恰好嵌入,则上述两种情况相比较 A.两次子弹对滑块做的功一样多 B.两次滑块所受冲量一样大 C.子弹嵌入下层过程中,系统产生的热量较多 D.子弹击中上层过程中,系统产生的热量较多 5.如图 3 所示,长 2m,质量为 1kg 的木板静止在光滑水平面上,一木块质量也为 1kg (可视为质点) ,与木板之间的动摩擦因数为 0.2。要使木块在木板上从左端滑向右端而不 至滑落,则木块初速度的最大值为 A.1m/s B.2 m/s C.3 m/s D.4 m/s

图3 6.如图 4 所示,质量分别为 m 和 2m 的 A、B 两个木块间用轻弹簧相连,放在光滑水平面 上,A 靠紧竖直墙.用水平力 F 将 B 向左压,使弹簧被压缩一定长度,静止后弹簧储存的弹性 势能为 E.这时突然撤去 F,关于 A、B 和弹簧组成的系统,下列说法中正确的是( ) A.撤去 F 后,系统动量守恒,机械能守恒 A B.撤去 F 后,A 离开竖直墙前,系统动量不守恒,机械能守恒 C.撤去 F 后,A 离开竖直墙后,弹簧的弹性势能最大值为 E D.撤去 F 后,A 离开竖直墙后,弹簧的弹性势能最大值为 E/3 7.如图 5 所示,质量为 M 的小车 A 右端固定一根轻弹簧,车静止在光滑水平面上,一 质量为 m 的小物块 B 从左端以速度 v0 冲上小车并压缩弹簧,然后又被弹回,回到车左端时 刚好与车保持相对静止.求整个过程中弹簧的最大弹性势能 EP 和 B 相对于车向右运动过程 中系统摩擦生热 Q 各是多少? 图4 B

F

B
图5

A

参考答案: 1. D 2. B 3. AC 4. AB 5. D

6.解析:A 离开墙前墙对 A 有弹力,这个弹力虽然不做功,但对 A 有冲量,因此系统 机械能守恒而动量不守恒;A 离开墙后则系统动量守恒、机械能守恒.A 刚离开墙时刻,B 的动能为 E,动量为 p= 4mE 向右;以后动量守恒,因此系统动能不可能为零,当 A、B 速 度相等时,系统总动能最小,这时的弹性势能为 E/3. 答案: BD 7. mv0 ? (m ? M )v , 2Q ?
2 mMv 0 1 2 1 2 ,EP=Q= mv 0 ? (m ? M )v 4( m ? M ) 2 2


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